Задание A482E3: Целые и дробно-рациональные неравенства. Системы и совокупности неравенств

1. Исходное неравенство: 3 · x − x² > 0.
В обеих частях многочлены, поэтому допустимы все действительные x.

2. Перенесём правую часть влево: 3 · x − x² − (0) > 0.
Разложим полученный многочлен на множители.
−x² + 3 · x = −x · (x − 3).
Итак, исследуем знак выражения f(x) = −x · (x − 3); требуется f(x) > 0.

3. Применим метод интервалов.
Критические точки в порядке возрастания: 0, 3.
Внутри каждого полученного промежутка выражение непрерывно и не обращается в ноль, поэтому его знак постоянен. Найдём знак подстановкой одного числа из каждого промежутка:
(−∞; 0): при x = −1 получаем f(x) = −4, знак отрицателен.
(0; 3): при x = 1 получаем f(x) = 2, знак положителен.
(3; +∞): при x = 4 получаем f(x) = −4, знак отрицателен.
x = 0 даёт ноль; исключаем эту точку, так как неравенство строгое.
x = 3 даёт ноль; исключаем эту точку, так как неравенство строгое.

4. Выбираем все промежутки, где выполняется исходный знак >, и учитываем граничные точки. Получаем:
x ∈ (0; 3).
Проверены все промежутки между критическими точками и сами точки, поэтому множество решений полное.

В условии требуется номер варианта. Найденному множеству (0; 3) соответствует вариант 4.

Проверка полноты: знаки внутри промежутков, включение нулей и исходные ограничения учтены.

Ответ: 4.